Решение задач из ЕГЭ часть С «Механика»
Никифорова Наталья Владиленовна,
учитель физики МБУ «Лицей №51» г.о. Тольятти
ЗАДАЧА № 1
Найти ускорения a 1 и a 2 масс m 1 и m 2 и силу натяжения Т нити с системе, изображенной на рисунке. Массой блоков и нити и трением пренебречь.
РЕШЕНИЕ:
Силы, приложенные к телам m 1 и m 2 , изображены на рисунке
РЕШЕНИЕ:
Предполагая, что ускорения тел a 1 и a 2 направлены, как показано на рисунке, введем ось координат 0Y и запишем второй закон Ньютона.
Т – m 1 g = – m 1 a 1 , (1)
T 1 – m 2 g = m 2 a 2 . (2)
Запишем второй закон Ньютона для подвижного блока (массой блока можно пренебречь):
T 1 – 2Т = 0 , следовательно:
T 1 = 2Т.
РЕШЕНИЕ:
Согласно «Золотому правилу» механики, подвижный блок дает выигрыш в силе в 2 раза, при этом получаем проигрыш в пути в 2раза. т.е. a 1 = 2a 2 .
РЕШЕНИЕ:
Из уравнения (1) выразим Т
Т= m 1 g – m 1 a 1 . (4)
Из уравнения (2) выразим T 1
T 1 = m 2 g + m 2 a 2 , с учетом T 1 = 2Т получим
2T = m 2 g + m 2 a 2 . (5) Подставим формулу (3) a 1 = 2a 2 в (4):
Т= m 1 g – 2m 1 a 2 . (6)
Подставим формулу (6) в (5) и выразим a 2 :
2 ( m 1 g – 2m 1 a 2 ) = m 2 g + m 2 a 2 ,
a 2 = g ( 2m 1 – m 2 ) / (4 m 1 + m 2 ).
РЕШЕНИЕ:
Найдем a 1 = 2a 2 ,
a 1 = 2g ( 2m 1 – m 2 ) / (4 m 1 + m 2 ). (7)
Подставим формулу (7) в (4) и выразим Т :
Т = 3g m 1 m 2 / (4 m 1 + m 2 ).
Ответ: a 1 = 2g ( 2m 1 – m 2 ) / (4 m 1 + m 2 ),
a 2 = g ( 2m 1 – m 2 ) / (4 m 1 + m 2 ),
Т = 3g m 1 m 2 / (4 m 1 + m 2 ).
ЗАДАЧА № 2
Маленькое тело соскальзывает с нулевой начальной скоростью по внутренней поверхности полусферы с высоты, равной ее радиусу. Одна половина полусферы абсолютно гладкая, а другая - шероховатая, причем на этой половине коэффициент трения между телом и поверхностью μ = 0,15. Определить величину ускорения а тела в тот момент, когда оно перейдет на шероховатую поверхность. Ускорение свободного падения принять равным g = 10 м/с 2 .
РЕШЕНИЕ:
Изобразим силы, действующие на тело в момент, когда оно оказывается на шероховатой поверхности.
Ускорение тела а в рассматриваемый момент времени равно: =+.
а τ - касательное ускорение, направлено по касательной к траектории движения тела, а n - нормальное ускорение тела, направлено по радиусу к центру окружности.
РЕШЕНИЕ:
Введем систему координат, запишем второй закон Ньютона m + + m ,
и спроецируем его на оси 0Y и 0Х :
ma n = N – mg, (1)
ma τ = F тp . (2)
Поскольку a n =υ 2 /R, где υ - скорость тела, из уравнения (1) следует, что
N = ( mυ 2 /R ) + mg .
Сила трения равна
F тp = μN, F тp = μm(g + υ 2 /R) . (3)
РЕШЕНИЕ:
Подставляем (3) в (2), получаем
a τ = μ (g + υ 2 /R) (4)
При движении тела по гладкой поверхности справедлив закон сохранения энергии :
mυ 2 /2 = mgR,
Из него υ 2 = 2gR.
Из (4) получаем a τ =3μg; для a n =υ 2 /R, a n =2g.
Находим ускорение тела по формуле
a=(a τ 2 + а n 2 ) 1/2
Ответ: a= g (9 μ 2 + 4) ½ = 20,5 м/с 2
ЗАДАЧА № 3
К одному концу лёгкой пружины жёсткостью к = 100 Н/м прикреплён груз массой m = 1 кг, лежащий на горизонтальной плоскости, другой конец пружины закреплён неподвижно. Коэффициент трения груза по плоскости μ = 0,2. Груз смещают по горизонтали, растягивая пружину на величину d , затем отпускают с начальной скоростью, равной нулю. Найдите максимальное значение d , при котором груз движется в одном направлении и затем останавливается в положении, в котором пружина уже сжата.
РЕШЕНИЕ:
Начальная энергия системы равна потенциальной энергии растянутой пружины: W 1 = k d 2 /2. После того, как пружину отпустили, она остановится в положении, при котором она сжата на величину x . Тогда конечная энергия системы равна потенциальной энергии сжатой пружины: W 2 = k x 2 /2.
Изменение полной энергии системы равно работе силы трения:
W 2 - W 1 = А тр ,
А тр = F тр ( d + x ) cos 180° = – F тр ( d + x ), F тр = μN,
k /2 ( x 2 – d 2 ) = – μN ( d + x ), k /2 ( d 2 – x 2 ) = μN ( d + x ),
k /2 ( d – x ) = μN . (1)
РЕШЕНИЕ:
Для момента, когда груз остановился, запишем второй закон Ньютона для оси OY и OX:
N - mg = 0 , N= mg (2)
F у – F тр = 0, k x = μN (3)
Подставим (2) в (3) и выразим x :
x = μmg/ k. (4)
Подставим формулы (2) и (4) в k /2 ( d – x ) = μN :
k /2 ( d – μmg/ k ) = μmg , kd /2 = μmg + μmg/ 2,
kd = 3 μmg , d = 3 μmg/ k.
Ответ: d = 6 см .
ЗАДАЧА № 4
Грузовой автомобиль массой М = 4 т с двумя ведущими осями тянет за нерастяжимый трос вверх по склону легковой автомобиль массой m = 1 т, у которого выключен двигатель. С каким максимальным ускорением могут двигаться автомобили, если угол наклона составляет α = arcsin 0,1, а коэффициент трения между шинами грузового автомобиля и дорогой μ = 0,2? Силой трения качения, действующей на легковой автомобиль, пренебречь. Массой колес пренебречь.
РЕШЕНИЕ:
Изобразим силы, действующие на автомобили, зададим направление ускорения системы, введем оси ОХ и ОУ.
РЕШЕНИЕ:
Запишем уравнение второго закона Ньютона для грузового автомобиля в проекции на ось ОХ:
F тр.пок – Мg sinα – T = Ma , (1)
в проекции на ось ОУ:
N 2 – Мg cosα = 0 , отсюда N 2 = Мg cosα .
Максимальная сила трения покоя, действующая на грузовой автомобиль (сила сцепления колес с дорогой) равна:
( F тр.пок ) мах = μ N 2 = μМg cosα . (2)
РЕШЕНИЕ:
Запишем второй закон Ньютона для легкового автомобиля в проекции на ось ОХ:
Т – mg sinα = ma , отсюда
Т = m ( g sinα + a ). (3)
Подставим формулы (2) и (3) в (1):
μМg cosα – Мg sinα – m ( g sinα + a ) = Ma ,
и выразим ускорение автомобилей
a = ( Мg ( μ cosα – sinα ) – mg sinα ) / ( M + m ).
Получим численное значение ускорения
a = 0,6 м/с 2 .
Ответ: a = 0,6 м/с 2 .
Список литературы
- ЕГЭ 2010. Физика: сборник экзаменационных заданий/ Авт.-сост. М.Ю.Демидова, И.И. Нурминский. – М.: Эксмо, 2010.
- Отличник ЕГЭ. Физика. Решение сложных задач. под ред. В.А. Макарова, М.В. Семенова, А.А. Якуты; ФИПИ. – М.: Интеллект-Центр, 2010.
- Савченко Н.Е. Задачи по физике с анализом их решения. – М.: Просвещение: Учеб. лит., 1996.
Благодарю за внимание!