В треугольнике ABC на его медиане BM отмечена точка K так, что BK : KM = 6:7, Прямая AK пересекает сторону ВС в точке Р. Найдите отношение площади треугольника BKP к площади треугольника ABK.
Решение.
Медиана KM разбивает треугольник AKC на два равновеликих треугольника — пусть их площади равны по 7S.
Поскольку , получаем, что . Пусть и . Тогда , отсюда . Далее
тогда
,
то есть . Получаем, что
Ответ: 3:10
Биссектриса СМ треугольника ABC делит сторону АВ на отрезки AM = 9 и MB = 12. Касательная к описанной окружности треугольника ABC, проходящая через точку С, пересекает прямую АВ в точке D. Найдите CD.
Решение.
1. Так как CM – биссектриса, то по свойству биссектрисы:
,
откуда
.
2. Угол ABC – вписанный и опирается на дугу AC, поэтому, угол ABC в 2 раза меньше градусной меры дуги AC: и .
Угол ACD – это угол между касательной и хордой, следовательно,
И получаем, что , а треугольники CDB и ADC подобны по двум углам (так как угол D – общий). Для подобных треугольников можно записать следующее отношение:
,
откуда
и .
Так как AD = DB-21, имеем:
Ответ: 36.
В параллелограмме ABCD проведена диагональ АС. Точка О является центром окружности, вписанной в треугольник ABC. Расстояния от точки О до точки А и прямых AD и АС соответственно равны 25, 17 и 7. Найдите площадь параллелограмма ABCD.
Решение.
Окружность вписана в треугольник ABC с радиусами OM=ON=OP и перпендикулярными сторонам AB, BC, AC соответственно. По теореме об отрезках касательных, имеем:
MB=BN, AM=AP, CN=CP.
Пусть BM=BN=x, а CN=CP=y. Тогда BC=AD=x+y. Отрезок NN1=AH=17+7=24. Рассмотрим прямоугольный треугольник AMO. По теореме Пифагора найдем сторону AM:
Значит, AP=AM=24. Найдем величину x+y из формулы площади треугольника ABC:
Эту же площадь можно вычислить как
,
где - полупериметр треугольника ABC; r=7 – радиус вписанной окружности. Приравниваем площади, получаем уравнение:
Значит, BC=AD=33,6 и площадь параллелограмма, равна:
Ответ: 806,4
В трапеции ABCD основания AD и ВС равны соответственно 34 и 14, а сумма углов при основании AD равна 90°. Найдите радиус окружности, проходящей через точки А и В и касающейся прямой CD, если АВ=12.
Решение.
Продлим боковые стороны трапеции до пересечения в точке Р (см. рис.).
Из условия ясно, что . Из подобия треугольников APD и ВРС получаем, что
,
то есть
откуда BP = 8,4.
Пусть окружность касается прямой CD в точке K, а O — её центр. Опустим из точки O перпендикуляр OM на хорду АВ. Точка М — середина АВ. Так как OMPK — прямоугольник, искомый радиус
Ответ: 14,4.
На стороне ВС остроугольного треугольника ABC (АВ ≠ АС) как на диаметре построена полуокружность, пересекающая высоту AD в точке М, AD = 80, MD = 64, Н — точка пересечения высот треугольника ABC. Найдите АН.
Решение.
AD – высота треугольника ABC, значит, . Учитывая, что MQ – хорда, с которой радиус окружности составляет 90º, то точка D делит MQ пополам и MD=DQ=64.
Следовательно,
AM = AD-MD = 80-64=16,
а
AQ = AD+DQ = 80+64 = 144
По следствию из теоремы о касательной и секущей, имеем:
Треугольники AKH и ADC подобны по двум углам: , а угол CAD – общий. Следовательно,
откуда
Ответ: 28,8
В четырёхугольнике ABCD диагонали пересекаются в точке О под углом α. Точка F принадлежит отрезку АС. Известно, что ВО=10, DO = 14, АС = 18. Найдите AF, если площадь треугольника FBC в четыре раза меньше площади четырёхугольника ABCD.
Решение.
Площадь четырехугольника ABCD можно найти по формуле:
По условию задания
(1)
Площадь треугольника FBC также можно вычислить по формуле:
Пусть FC=x, тогда AF=18-x. Рассмотрим треугольник BHO, в котором BO=10, , следовательно, . Подставляем FC и BH в формулу площади треугольника FBC, имеем:
(2)
Приравнивая (1) и (2), получаем уравнение:
Следовательно, AF=18-10,8 = 7,2
Ответ: 7,2
Углы при одном из оснований трапеции равны 53° и 37°, а отрезки, соединяющие середины противоположных сторон трапеции, равны 6 и 2. Найдите основания трапеции.
Решение.
По условию задания в трапеции ABCD углы при основании 53º и 37º, то есть,
Продлим стороны AB и CD до их пересечения в точке F. Получим треугольник AFD с углом
Имеем прямоугольный треугольник AFD, а также прямоугольный треугольник FBC, так как и углы:
как соответственные при параллельных прямых. Пусть точка P – середина BC. Учитывая, что угол F=90º, имеем равные отрезки FP=BP=CP (как радиусы описанной окружности вокруг треугольника BFC). Аналогично для точки K – середины отрезка AD, имеем: FK=AK=KD.
По условию NN1 = 6 – средняя линия трапеции, значит, BC+AD=12 – в 2 раза больше средней линии. Следовательно, BP+AK=6. Далее, пусть FP=BP=x. Тогда FK=FP+PK=x+2 (PK=2 по условию задания). Следовательно, AK=x+2. Получаем уравнение:
Значит, BP=2, AK=4 и BC=2∙BP=4, AD=2∙AK=8.
Ответ: 4; 8.
В треугольнике ABC биссектриса BE и медиана AD перпендикулярны и имеют одинаковую длину, равную 96. Найдите стороны треугольника ABC.
Решение.
В треугольнике ABC – BE биссектриса, а AD – медиана. Так как BE – биссектриса, то по свойству биссектрисы можно записать отношение: AB:BC = AE:EC. Но, так как по условию AB:BC = 1:2, то точка E делит отрезок AC в отношении AE:EC = 1:2. Далее, в треугольнике ABD BO – это и высота и биссектриса, значит, ABD – равнобедренный с AB=BD. И, так как, BD=DC (AD – медиана), то BC=2AB.
Треугольник AED – равнобедренный с AE=ED, так как , точка O – середина AD (это следует из равнобедренности треугольника ABD). Следовательно, площади треугольников . Обозначим площадь , тогда
Пусть OE=x, тогда BO=96-x (так как BE=96 по условию задания). Из условия AD=96, имеем: AO=OD=96:2 = 48. Теперь, запишем площади треугольников по формулам:
и, учитывая, что , имеем:
Значит, OE=24, BO=96-24=72. Рассмотрим прямоугольный треугольник AOB, в котором гипотенуза AB, равна:
И, так как, BC=2AB, то BC=48√13. Рассмотрим прямоугольный треугольник AOE, в котором гипотенуза AE, равна:
Значит, EC=48√5, AC=AE+EC = 72√5.
Ответ: 24√13, 48√13, 72√5.
В треугольнике ABC известны длины сторон АВ = 28, АС = 56 , точка О — центр окружности, описанной около треугольника ABC. Прямая BD, перпендикулярная прямой АО, пересекает сторону АС в точке D. Найдите CD.
Решение.
Сделаем построение: из точки А проведем прямую через точку О и продолжим до точки А1. В результате АА1 – диаметр окружности, а углы как вписанные, опирающиеся на диаметр.
Рассмотрим прямоугольный треугольник AA1B с прямым углом B из которого проведена высота BN. По свойству высоты BN, проведенной из прямого угла, можно записать равенство:
(1)
Рассмотрим подобные треугольники ADN и ACA1 (по двум углам: угол A1AC – общий и оба прямоугольные). Для них можно записать отношение:
(2)
Объединяя равенства (1) и (2), получаем:
и
Ответ: 42.
Середина М стороны AD выпуклого четырёхугольника ABCD равноудалена от всех его вершин. Найдите AD, если ВС = 6, а углы В и С четырёхугольника равны соответственно 124° и 116°.
Решение.
В четырехугольнике ABCD точка M – середина AD и равноудалена от вершин A, B, C и D. Следовательно, AM=MD=MB=MC.
Пусть , тогда , так как треугольник AMB – равнобедренный с основанием AB. Также
поэтому
Учитывая, что сумма углов в любом треугольнике 180 градусов, имеем:
Рассмотрим треугольник BMC, в котором сумма углов равна
Следовательно,
и треугольник BMC – равносторонний. Поэтому BM=BC=6 и AM=BM=6. Тогда сторона AD=2AM=2∙6=12.
Ответ: 12.
В трапеции ABCD боковая сторона АВ перпендикулярна основанию ВС. Окружность проходит через точки С и D и касается прямой АВ в точке Е. Найдите расстояние от точки Е до прямой CD, если, AD = 4, ВС = 2.
Решение.
Продлим стороны AB и CD так, чтобы они пересеклись в точке T. Пусть . По условию задания BC=2, AD=4, следовательно,
QD = AD-BC = 4-2 = 2
Из прямоугольного треугольника QCD, имеем:
Тот же самый угол можно выразить и так:
А, учитывая, что , можно записать отношение:
Далее, так как TE – касательная к окружности (по условию задания), а TD – секущая, то по теореме о касательной и секущей, имеем:
Треугольники TPE и TAD подобны по двум углам: , угол T – общий. Значит, . Следовательно,
Ответ: 2√2.
Окружности радиусов 12 и 20 касаются внешним образом. Точки А и В лежат на первой окружности, точки С и D — на второй. При этом АС и BD — общие касательные окружностей. Найдите расстояние между прямыми АВ и CD.
Решение.
Так как AC и BD – касательные, то , . Также (так как ACPO1 – прямоугольник), следовательно, PO2=20-12=8, так как AO1=12, CO2=20. А расстояние между центрами окружностей O1O2=12+20=32.
Рассмотрим прямоугольный треугольник O1PO2, из которого имеем:
Углы , так как они соответственные. Рассмотрим прямоугольный треугольник AFO1, в котором , следовательно, . Из прямоугольного треугольника CHO2 по аналогии, получаем: . Таким образом, расстояние между прямыми AB и CD, равно:
Ответ: 30.
В треугольнике ABC биссектриса угла А делит высоту, проведённую из вершины В, в отношении 5 : 4, считая от точки В. Найдите радиус окружности, описанной около треугольника ABC, если ВС = 12.
Решение.
По условию задачи BO:OH=5:4, следовательно, OH:BO=4:5. По свойству биссектрисы AH:AB=HO:BO=4:5, но AH:AB – это косинус угла A, то есть . Рассмотрим прямоугольный треугольник AHB, в котором условно катет AH=4, а гипотенуза AB=5. По теореме Пифагора находим
.
Тогда синус угла A равен . По следствию теоремы синусов имеем:
,
где R – радиус описанной окружности. Следовательно,
.
Ответ: 10.
Четырёхугольник ABCD со сторонами АВ=11 и CD = 41 вписан в окружность. Диагонали АС и BD пересекаются в точке К, причём угол AKB = 60°. Найдите радиус окружности, описанной около этого четырёхугольника.
Решение.
Углы как вертикальные. Проведем отрезок DN параллельный отрезку AC. В этом случае - накрест лежащие при параллельных прямых AC и DN и секущей BD.
Четырехугольник DNAB вписан в окружность, следовательно,
откуда
Далее, как накрест лежащие при параллельных прямых AC, DN и секущей AD, следовательно, дуга AN равна дуге DC, откуда AN=DC=30.
Рассмотрим треугольник NAB вписанный в окружность. По теореме косинусов, имеем:
По теореме синусов можно записать:
,
где R – радиус описанной окружности. Из последнего выражения:
Ответ: √751
Боковые стороны АВ и CD трапеции ABCD равны соответственно 16 и 34, а основание BC равно 2. Биссектриса угла ADC проходит через середину стороны АВ. Найдите площадь трапеции.
Решение.
Пусть М — середина АВ (см. рис.). Продолжим биссектрису DM угла ADC до пересечения с продолжением основания ВС в точке K. Поскольку , треугольник KCD — равнобедренный, KC = CD = 34. Тогда KB = КС - ВС = 34 - 2 = 32.
Из равенства треугольников AMD и ВМК следует, что AD = BK = 32. Проведём через вершину C прямую, параллельную стороне AB, до пересечения с основанием AD в точке P. Треугольник CPD — прямоугольный, так как
Поэтому CP — высота трапеции. Следовательно,
Ответ: 272.
Медиана ВМ треугольника ABC является диаметром окружности, проходящей через середину отрезка ВС. Найдите длину стороны АС, если радиус окружности, описанной около треугольника ABC, равен 11.
Решение.
Окружность проходит через точку F с диаметром BM (где BM – медиана треугольника ABC). Следовательно, точка M – точка касания, а AC – касательная к малой окружности. Отсюда получаем, что и треугольник BAM – равнобедренный с AB=BC, BM – биссектриса угла B.
Точка O – центр окружности и середина отрезка BM. Точка F – середина отрезка BC, значит, OF – средняя линия треугольника BMC и . Треугольник BOF – равнобедренный, следовательно, углы и с учетом , имеем: , значит, треугольник BMC – прямоугольный и равнобедренный с BM=MC. В таком треугольнике углы при основании равны по 45º: . И, так как BM – биссектриса угла B, получаем, что . Треугольник ABC может иметь угол B=90º только при условии, что AC – диаметр большой окружности, описанной вокруг треугольника ABC.
По условию задания радиус описанной окружности равен R=11, значит,
Ответ: 22
Биссектрисы углов А и В параллелограмма ABCD пересекаются в точке K. Найдите площадь параллелограмма, если ВС = 6, а расстояние от точки K до стороны АВ равно 6.
Решение.
Так как ABCD параллелограмм, а AK и BK – биссектрисы углов A и B, то точка K равноудалена от сторон AB и BC (см. рисунок). По условию задачи точка K удалена от стороны AB на расстояние 6 единиц, следовательно, от стороны BC она также удалена на 6 единиц. Получаем, что высота параллелограмма (красная линия на рисунке) равна единиц. Тогда площадь параллелограмма можно найти как
.
Ответ: 72.
Точки М и N лежат на стороне АС треугольника ABC на расстояниях соответственно 9 и 11 от вершины А. Найдите радиус окружности, проходящей через точки М и N и касающейся луча АВ, если .
Решение.
1. Треугольник AFM подобен треугольнику ANF по двум углам (угол A – общий, а ). Отсюда следует, что
2. Рассмотрим треугольник AFM. По теореме косинусов находим FM:
То есть, треугольник AFM – равнобедренный с основанием AF. Соответственно, углы при основании такого треугольника равны, получаем, , откуда
и .
3. Рассмотрим треугольник FMN. По теореме синусов, имеем:
,
где R – радиус описанной окружности. Откуда:
.
Ответ: 5,4.